高三年级10月联考物理参考答案

一、单选题（1-6题，每题4分）

1、答案：B

解析：对于a，由于墙壁光滑，只受到b对a的摩擦力，最终受重力、b对a的压力、墙壁的弹力、b对a的静摩擦力处于平衡，则b对a的摩擦力等于a的重力，方向竖直向

上，F增大，摩擦力大小不变，始终等于a的重力．

点评：解决本题的关键隔离对a分析，根据共点力平衡进行求解．

2、答案：A

解析：当火车速度小于
时，火车所受的重力和支持力的合力大于所需的向心力，火车有向心趋势，故其内侧车轮轮缘会与铁轨相互挤压。

点评：本题关键抓住火车所受重力和支持力的合力恰好提供向心力的临界情况，计算出临界速度，然后根据离心运动和向心运动的条件进行分析．

3、答案：D

解析：卫星运动是由万有引力提供向心力，列方程可得半径越大线速度、角速度、向心加速度越小，周期越小。由此可知ABC错误，D正确。

点评：本题主要抓住万有引力提供圆周运动向心力并由此根据半径关系判定描述圆周运动物理量的大小关系，掌握卫星在轨道上加速或减速会引起轨道高度的变化，这是正确解决本题的关键．

4、答案：B

解析: 甲做匀速直线运动，乙物体前2s做匀加速直线运动，加速度为正方向，后4s做匀减速直线运动，加速度为负方向，所以乙物体全程是变速直线运动，故A．C正确．甲、乙两物体由同一位置出发；在速度-时间图象中图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负；所以前1s内（或前4s内）乙的三角形面积不等于甲的矩方形面积，即位移不相同，此时两车没相遇；故B错误．由于在速度-时间图象中，某一点代表此时刻的瞬时速度，时间轴上方速度是正数，时间轴下方速度是负数；所以前6s内甲乙两物体的速度都为正方向，故D正确．

点评: 本题是为速度--时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度--时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，要注意路程和位移的区别．

5、答案D

解析：运动不需要力来维持，物体不受力时，可以做匀速运动，A不正确；物体受力大，加速度大，速度变化快，但速度不一定大，B不正确；力的大小与速度大小之间没有直接联系，C不正确，D正确．

点评: 本题考查的是力与运动的关系及加速度与速度的关系。

6、答案:C

解析:设斜面的倾角为θ．物块在光滑的斜面上做简谐运动，对斜面的压力N1等于物块重力垂直于斜面的分力，?? 即N1=mgcosθ． 以斜面体为研究对象，作出力图如图．? 地面对斜面体的摩擦力f=N1sinθ=mgsinθcosθ 因为m，θ不变，所以f不随时间变化．

点评: 本題关键抓住物物体斜面的压力不变，不要被物体做简谐运动迷惑．

二、多项选择题（本题共4道小题，每题4分，在每小题列出的四个选项中，有多项是符合题目要求的。选择全对得4分，选对但不全得2分，有选错的不得分。）

7、答案：AD

解析：解：以涂料滚为研究对象，分析受力情况，作出力图．设撑轩与墙壁间的夹角为α，根据平衡条件得F1=G/cosα F2=Gtanα 由题，撑轩与墙壁间的夹角α减小，cosα增大，tanα减小，则 F1、F2均减小．

点评：动态平衡问题，采用函数法分析的，也可以采用作图法更直观反映出两个力的变化情况．

8、答案：AB

解析：

A．两个小球在运动的过程中都是只有重力做功，机械能守恒，所以根据机械能守恒可以知两物体落地时速率相同，故A正确； B．重力做功只与初末位置有关，物体的起点和终点一样，所以重力做的功相同，故B正确； C．两种情况下落地方向不同，根据公式P=Fvcosθ，所以瞬时功率不同．所以C错误． D．平均功率等于做功的大小与所用的时间的比值，物体重力做的功相同，但是时间不同，所以平均功率不同，所以D错误．点评：在分析功率的时候，一定要注意公式的选择，P＝W/t只能计算平均功率的大小，而P=Fv可以计算平均功率也可以是瞬时功率，取决于速度是平均速度还是瞬时速度．

9、答案：BC

解析：小船在沿河岸方向上做匀速直线运动，在垂直于河岸方向上做变速运动，合加速度的方向与合速度方向不在同一条直线上，做曲线运动．故A错误．C正确。小船到达离河岸3d/4处，水流速为v水=kd=v0，则船的速度v=
．故B正确．D错误， 点评：解决本题的关键知道当合速度的方向与合加速度的方向在同一条直线上，物体做直线运动，不在同一条直线上，物体做曲线运动．以及知道合速度与分速度之间遵循平行四边形定则．

10、答案BD

解析：当A、B一起做匀加速直线运动时，弹簧一定处于伸长状态，且此时弹簧弹力大于A所受的摩擦力，停止时弹簧弹力小于A所受的摩擦力，因此当撤去外力F到系统停止运动的过程中，弹簧的弹性势能减小，由功能关系知，系统克服阻力做功应等于系统的弹性势能的减少量和动能的减少量，因此可以得知BD正确．

点评：本题关键是根据A的运动状态判断出弹簧的弹性势能是减少的。再利用能量守恒的观点进行判断。

三、实验题（本题共2道小题，共16分）

11、（1）10 (3分) （2）1 (3分)

考点：研究平抛物体的运动

点评：对于平抛运动问题，一定明确其水平和竖直方向运动特点，尤其是在竖直方向熟练应用匀变速直线运动的规律和推论解题．

12、解：①摆锤A最低点离地面的竖直高度h和铁片平抛的水平位移x (3分)

②
(3分) ③
(4分)

考点：机械能守恒定律，牛顿第二定律，向心力，平抛运动规律

点评：

（1）铁片飞出的速度大小即为重锤摆到最低点的速度大小，铁片做平抛运动，根据平抛运动的特点可正确求出铁片平抛出去的水平速度大小；

（2）重锤下落过程中机械能守恒，由mgh＝mv2/2可以求出其机械能守恒的表达式．

四、计算题

13、（10分）解：在反应时间内，汽车做匀速运动，运动的距离

s1＝ vt = 30× 0.5m = 15m ----------2分

设刹车时汽车的加速度的大小为a，

f ＝μmg＝ma， 得 a＝μg＝4.5m/s2 ---------3分

自刹车到停下，汽车运动的距离

s2 ＝= 100 m ----------3分

所求距离 s＝s1+s2 = 100m +15m = 115 m ----------2分

考点：匀变速直线运动速度与位移的关系，牛顿第二定律。

点评：解决本题的关键知道汽车在整个过程中的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式联合求解，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．

14、（10分）

（1）以小球为研究对象，受力分析如图甲所示，则由平衡条件得

Fsin30°＝FCsin30° ----------1分

FCcos30°＋Fcos30°＝mg--------1分

解得F＝FC＝mg----------2分

（2）以小球和该同学整体为研究对象，受力分析如图乙所示，

同理有Ff＝Fsin30°----------1分

FN＋Fcos30°＝(M＋m)g---------1分

将F值代入解得Ff＝mg ---------2分

FN＝Mg＋mg----------2分

考点：受力分析，平衡条件的应用

点评：本题分析受力情况是解题的关键，再根据平衡条件进行求解

15、（12分）

（1）对木块：在竖直方向：由相对静止得 mg=Ff=μ2FN （1分）

∴FN=mg/μ2=5/0.25=20N

由牛顿第三定律得：木块对铁箱的压力FN/=－FN=－20N （1分）方向水平向左。（1分）

（2）对木块：在水平方向：FN=ma ∴a=20/0.5=40m/s2 （1分）

对铁箱和木块整体：F－μ1(M+m)g =(M+m)a （2分）

故水平拉力F=(M+m)(a+μ1g)=135N （1分）

（3）撤去拉力F时，箱和木块的速度均为v=6m/s,

因μ1>μ2, 以后木块相对箱滑动，木块加速度a2=μ2g=2.5m/s2 （1分）

又铁箱加速度：
（1分）

铁箱减速时间为t0=v/a1=1.1s>1s,故木块到达箱右端时，箱未能停止。

则经t=1s木块比铁箱向右多移动距离L即铁箱长。

即有：L=(vt－a2t2/2)－(vt－a1t2/2) =(a1－a2)t2/2 （2分）

解得：L=1.5m （1分）

考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

点评：本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．

16、（12分）

（1）恰好能通过C点，由重力提供向心力，即mg＝ （1分）

代人计算得：vC＝＝5 m/s。 （1分）

（2）从B点到C点，由机械能守恒定律有mv＋mg·2R＝mv （2分）

在B点对小球进行受力分析，由牛顿第二定律有FN－mg＝m （2分）

得FN＝6.0 N，方向竖直向上。 （1分）

（3）从A到B由机械能守恒定律有mv＋mgR（1－cos 53°）＝mv（2分)

所以vA＝ m/s （1分）

在A点对速度vA进行分解有：vy＝vAsin 53° （1分）

所以H＝＝3.36 m （1分）

考点：平抛运动，向心力，牛顿第二定律，机械能守恒定律

点评：此类问题中物体先做平抛运动后再做圆周运动，其特点是：两种运动的轨迹在衔接点处有公共切线，平抛运动的末速度方向恰好在此处圆周的切线上。末速度和水平方向的夹角即弦切角，分解速度时，注意应用弦切角和圆心角的关系。