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简介:
静海县第一中学2016届高三12月学生学业能力调研考试 物 理 试 题 考生注意:1. 本试卷分第Ⅰ卷基础题(74分)和第Ⅱ卷提高题(26分)两部分,共100分。 2. 试卷书写规范工整,卷面整洁清楚,酌情减3-5分,并计入总分。 知 识 与 技 能 学习能力 习惯养成 总分 内容 牛顿定律 机械能 动量 易混易错规律提炼 卷面整洁 100 分数 20 40 40 20 减3-5 第Ⅰ卷 基础题(共80分) 一、选择题(1-5为单选题,6-10为多选题。每小题3分,共30分) 1.下列关于原子和原子核的说法正确的 A.β衰变现象说明电子是原子核的组成部分 B.玻尔理论的假设之一是原子能量的量子化 C.放射性元素的半衰期随温度的升高而变短 D.比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固 2.若假定“神舟九号”飞船绕地球做匀速圆周运动,它离地球表面的高度为h,运行周期为T,地球的半径为R,自转周期为T0,由此可推知地球的第一宇宙速度为 A. B. C. D. 3.如图所示,一种β射线管由平行金属板A、B和平行于金属板的细管C组成.放射源O在A极板左端,可以向各个方向发射不同速度、质量为m的β粒子.若极板长为L,间距为d.当A、B板加上电压U时,只有某一速度的β粒子能从细管C水平射出,细管C离两板等距.已知元电荷为e,则从放射源O发射出的β粒子的这一速度为 A. B. C. D. 4.两个等量异种点电荷位于x轴上,相对原点对称分布,图中正确描述电势φ随位置x变化规律的是( ) 5.如图所示,A、B两导体板平行放置,在t=0时将电子从A板附近由静止释放(电子的重力忽略不计)。分别在A、B两板间加四种电压,它们的UAB-t图线如图中的四图所示。其中可能使电子到不了B板的是 6.汽车B在平直公路上行驶,发现前方沿同方向行驶的汽车A速度较小,为了避免相撞,距A车25 m处B车制动,此后它们的v-t图像如图所示,则 A.B的加速度大小为3.75 m/s2 B.A、B在t=4 s时的速度相同 C.A、B在0~4 s内的位移相同 D.A、B两车不会相碰 7.在如图4所示的电路中,电源电动势为E,内电阻为r,C为电容器,R0为定值电阻,R为滑动变阻器.开关闭合后,灯泡L能正常发光.当滑动变阻器的滑片向右移动时,下列判断正确的是 A.灯泡L将变暗 B.灯泡L将变亮 C.电容器C的电荷量将减小 D.电容器C的电荷量将增大 8.如图所示的电路中,电源内阻不可忽略,若调整可变电阻R的阻值,可使电压表的示数减小ΔU(电压表为理想电表),在这个过程中 A.通过R1的电流减小,减小量一定等于ΔU/R1 B.R2两端的电压增加,增加量一定等于ΔU C.路端电压减小,减小量一定等于ΔU D.通过R2的电流增加,但增加量一定小于ΔU/R2 9.爱因斯坦因提出了光量子概念并成功地解释光电效应的规律而获得1921年诺贝尔物理学奖。某种金属逸出光电子的最大初动能Ekm与入射光频率ν的关系如图所示,其中ν0为极限频率。从图中可以确定的是 A.逸出功与ν有关 B.光电子的最大初动能Ekm 与入射光的频率成正比 C.当ν>ν0时,会逸出光电子 D.图中直线的斜率与普朗克常量有关 10.质量为M、内壁间距为L的箱子静止于光滑的水平面上,箱子中间的一质量为m的小物块,小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ。初始时小物块停在箱子正中间,如图5-4所示。现给小物块一水平向右的初速度v,小物块与箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中间,并与箱了保持相对静止。设碰撞都是弹性的,则整个过程中,系统损失的动能为 A.mv2 B.v2 C.NμmgL D.NμmgL 二、实验题:(每空2分, 共12分) 11.“探究功与物体速度变化的关系”的实验装置如图所示。 (1)实验器材有:长木板、小车(前面带小钩)、学生电源、电磁打点计时器、6条规格相同的橡皮筋、纸带、刻度尺、天平、小铁钉2个、导线若干、开关。 在上述实验器材中,多余的器材是________; (2)实验的主要步骤如下: A.将长木板放到水平实验台上,依图安装好实验器材 B.先用一条橡皮筋进行实验,把橡皮筋拉伸到一定的长度,整理好纸带,接通电源,放开小车,打出一条纸带,编号为1 C.换纸带,改用2条、3条…同样的橡皮筋进行第2次、第3次…实验,每次实验中橡皮筋的拉伸长度都相等,打出的纸带分别编号为2、3… D.由纸带算出小车获得的速度:根据记录纸带上打出的点,求小车获得的速度的方法,是以纸带上第一点到最后一点的距离来进行计算 把第一次实验橡皮筋对小车做的功记为W0,则第2次、第3次……实验对小车做的功分别记为2W0、3W0……将实验数据记录在表格里。 E.对测量数据进行估计,大致判断两个量可能的关系,然后以W为纵坐标、v2(也可能是其他关系)为横坐标作图 F.整理实验器材 以上实验步骤中有疏漏的步骤是:________,有错误的步骤是________。(填写步骤前相应的符号) 12.学校实验小组在做“验证机械能守恒定律”实验时,提出了如图甲、乙所示的两种方案:甲方案为用自由落体运动进行实验;乙方案为用小车在木板斜面上下滑进行实验。 (1)组内同学对两种方案进行了讨论分析,最终确定了一个大家认为误差相对较小的方案,你认为该小组选择的方案很可能是________(填“甲”或“乙”)。 (2)若该小组采用图甲的装置打出一条纸带如图5所示,相邻两点之间的时间间隔为0.02 s,请根据纸带计算出打下D点时纸带的速度大小为________ m/s(结果保留三位有效数字)。 (3)该小组内同学们根据纸带算出了相应点的速度,作出v2-h图线,则图线斜率的物理意义是________。 三、计算题(共32分) 13. 如图所示,一条带有圆轨道的长轨道水平固定,圆轨道竖直,底端分别与两侧的直轨道相切,半径R=0.5m,物块A以v0=6m/s的速度滑入圆轨道,滑过最高点Q,再沿圆轨道滑出后,与直轨道上P处静止的物块B碰撞,碰后粘在一起运动,P点左侧轨道光滑,右侧轨道呈粗糙段、光滑段交替排列,每段长度都为L=0.1m,物块与各粗糙段间的动摩擦因数都为μ=0.1,A、B的质量均为m=1kg(重力加速度g取10m/s2;A、B视为质点,碰撞时间极短)。 ⑴求A滑过Q点时的速度大小v和受到的弹力大小F; ⑵若碰后AB最终停止在第k个粗糙段上,求k的数值; 14.如图所示,绝缘光滑轨道AB部分为倾角为30°的斜面,AC部分为竖直平面内半径为R的圆轨道,斜面与圆轨道相切。整个装置处于场强为E、方向水平向右的匀强电场中。现有一个质量为m的小球,带正电荷量为q=,要使小球能安全通过圆轨道,在O点的初速度应为多大? 15. 一质量为m、带电荷量为+q的小球以水平初速度v0进入竖直向上的匀强电场中,如图甲所示.今测得小球进入电场后在竖直方向下降的高度y与水平方向的位移x之间的关系如图乙所示.根据图乙给出的信息,(重力加速度为g)求: (1)匀强电场场强的大小; (2)小球从进入匀强电场到下降h高度的过程中,电场力做的功; (3)小球在h高度处的动能. 规律总结:由14和15两题的解题思路总结复合场的解题方法:(例如:微元法、控制变量法等) 14题的处理方法 并指出应用此方法解题的关键环节 15题的处理方法 并指出应用此方法解题的关键环节 第Ⅱ卷 提高题(共26分) 易混易错题组:通过以下两个题的解答进行方法归纳(先解答问题,再进行方法总结)。 16.一长木板置于光滑水平地面上,木板左端放置一小物块,在木板右方有一墙壁,如图(a)所示。时刻开始,小物块与木板一起以共同速度向右运动,直至时木板与墙壁碰撞(碰撞时间极短)。碰撞前后木板速度大小不变,方向相反;运动过程中小物块始终未离开木板。已知碰撞后1s时间内小物块的图线如图(b)所示。木板的质量是小物块质量的1.5倍,重力加速度大小g取。求 (1)木板和木块的最终速度v; (2)木板的最小长度L; (3)小物块与木板间的动摩擦因数μ2
17.如上图,一长木板置于粗糙水平地面上,木板左端放置一小物块,在木板右方有一墙壁,木板右端与墙壁的距离为4.5m,如图(a)所示。时刻开始,小物块与木板一起以共同速度向右运动,直至时木板与墙壁碰撞(碰撞时间极短)。碰撞前后木板速度大小不变,方向相反;运动过程中小物块始终未离开木板。已知碰撞后1s时间内小物块的图线如图(b)所示。木板的质量是小物块质量的15倍,重力加速度大小g取。求 (1)木板与地面间的动摩擦因数μ1; (2)木板的最小长度L; (3)方法总结:总结解16题第(2)问的不同方法(至少两个方法,用最简单的语言描述);总结解17题第(2)问的方法。(用最简单的语言描述)
第Ⅰ卷 基础题(共80分) 一、选择题 题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 B B C A B BD AD AD CD BD 二、题组辨析题: 11.(1) 天平 (2) A D 12.(1) 甲 (2) 1.75 (3) 当地重力加速度的两倍 三、计算题 13.(1)4m/s (2)45 14.(1)小球做直线运动,故重力与电场力的合力必与v0在一条直线上,即 tanθ=,得E= (2)小球做匀减速直线运动,根据F=ma得: =ma,a=, 最大位移s== 水平位移x=scosθ= 电势差U=Ex=. 15.解析:(1)小球进入电场后,水平方向做匀速直线运动,设经过时间t,水平方向: v0t=L 竖直方向:=h 所以E=- (2)电场力做功为 W=-qEh= (3)根据动能定理mgh-qEh=Ek- 得Ek=+ 第Ⅱ卷 提高题(共20分) 16.(1)动量守恒v=4/3m/s (2)能量守恒L=40/9m (3)在木板与墙壁碰撞后,木板以的初速度向左做匀变速运动,小物块以的初速度向右做 匀变速运动。设小物块的加速度为,由牛顿第二定律有 ⑤ 由图可得 ⑥ 式中,=2s, =0,联立⑤⑥式和题给条件得 =0.4 ⑦ 17.(1) 规定向右为正方向。木板与墙壁相碰撞前,小物块和木板一起向右做匀变速运动,设加速度为,小物块和木板的质量分别为m和M 由牛顿第二定律有 ① 由图可知,木板与墙壁碰前瞬间的速度,有运动学公式得 ② 2 ③ 式中,=1s, =4.5m 是木板碰前的位移,是小物块和木板运动时的速度。 联立①②③式和题给条件得 =0.1 ④ (2)设碰撞后木板的加速度为,经过时间,木板和小物块刚好具有共同速度 。由牛顿第二定律及运动学公式得 ⑧ ⑨ ⑩ 碰撞后至木板和小物块刚好达到共同速度的过程中,木板运动的位移为
小物块运动的位移为
小物块相对木板的位移为
联立⑥⑧⑨⑩ 式,并代入数值得 =6.0m 因为运动过程中小物块没有脱离木板,所以木板的最小长度应为6.0m. 通达教学资源网 http://www.nyq.cn/ | ||||||||||||||||||||||||||||||
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