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资源名称 湖北省松滋一中2017届高三9月第一次考试 物理
文件大小 234KB
所属分类 高三物理试卷
授权方式 共享资源
级别评定
资源类型 试卷
更新时间 2016/12/8 21:17:16
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资源审核 nyq
文件类型 WinZIP 档案文件(*.zip)
运行环境 Windows9X/ME/NT/2000/XP
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简介:

松滋市第一中学2016-2017学年高三年级上学期第一次考试物理试题

(时间:90分钟 分值100分 )

第I卷(选择题共48分)

一、选择题(本大题12小题,每小题4分,共48分)

1.设物体运动的加速度为a、速度为v、位移为x.现有四个不同物体的运动图象如图所示,物体C和D的初速度均为零,则其中表示物体做单向直线运动的图象是( )

A. B.

C. D.

2.甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动,a甲=4m/s2,a乙=﹣4m/s2,那么对甲、乙两物体判断正确的是( )

A.甲、乙在相等时间内速度变化相等

B.甲的速度比乙的速度变化快

C.甲做加速直线运动,乙做减速直线运动

D.甲的加速度大于乙的加速度

3.对于任何一个质量不变的物体,下列说法中正确的是

(A)物体的动量发生变化,其速率一定变化

(B)物体的动量发生变化,其速率不一定变化

(C)物体的速率发牛变化,其动量一定变化

(D)物体的速率发牛变化,其动量不一定变化

4.在离心浇铸装置中,电动机带动两个支承轮同向转动,管状模型放在这两个轮上靠摩擦转动,如图所示,铁水注入之后,由于离心作用,铁水紧紧靠在模型的内壁上,从而可得到密实的铸件,浇铸时转速不能过低,否则,铁水会脱离模型内壁,产生次品。已知管状模型内壁半径R,则管状模型转动的最低角速度ω为( )



A. B. C. D.2

5.两点电荷形成电场的电场线分布如图所示,若图中A、B两点处的场强大小分别为EA、EB,电势分别为φA、φB,则( )



A.EA<EB φA>φB B.EA<EB φA<φB C.EA>EB φA<φB D.EA>EB φA>φB

6.把一物体以初速度20m/s竖直上抛(不计空气阻力、取竖直向上为正方向、重力加速度g=10m/s2),从抛出开始计时,当位移为15m时所经历的时间为( )

A.1s B.2s C.3s D.4s

7.如图所示,长为L的金属导线弯成一圆环,导线的两端接在电容为C的平行板电容器上,P、Q为电容器的两个极板,磁场垂直于环面向里,磁感应强度以B=B0+Kt(K>0)随时间变化,t=0时,P、Q两板电势相等.两板间的距离远小于环的半径,经时间t,电容器P板 ( )



A.不带电

B.所带电荷量与t成正比

C.带正电,电荷量是

D.带负电,电荷量是

8.如图两根光滑金属导轨平行放置,导轨所在平面与水平面间的夹角为θ.质量为m、长为L的金属杆ab垂直导轨放置,整个装置处于垂直ab方向的匀强磁场中.当金属杆ab中通有从a到b的恒定电流I时,金属杆ab保持静止.则磁感应强度方向和大小可能为( )



A.竖直向上,

B.平行导轨向上,

C.水平向右,

D.水平向左,

9.两个人手拉着手向相反方向互相拉对方,关于这两个人的拉力下列理解正确的是

A. 力气大的一方给对方的拉力大于对方给他的拉力

B. 由于作用力和反作用力总是大小相等的,所以谁也拉不动对方

C. 两人的拉力大小相等,方向相反,作用在同一条直线上,因此是一对平衡力

D. 两人的拉力同时出现,同时增大,同时减小,同时消失

10.空中某点,将三个相同小球同时以相同的初速度v水平抛出、竖直上抛、竖直下抛,则从抛出到落地,设地面为零势面,忽略空气阻力,下列说法正确的是

A.竖直向上抛的小球在下落过程中重力势能的变化量最大

B.三个小球落地的速度相同

C.落地时重力的瞬时功率相同,方向都是竖直向下

D.竖直下抛的小球,其重力的平均功率最大

11.如图所示,一正点电荷在电场中受电场力作用沿一圆周的圆弧ab运动,已知该点电荷的电量q,质量m(重力不计),ab弧长为s,电荷经过a、b两点时的速度大小均为,且它们方向间的夹角为θ,则下列说法不正确的有 ( )



A.该电场的场强方向指向圆弧ab的圆心

B.a、b两点的电势相等

C.a、b两点的场强大小均等于

D.电荷在a点受到电场力与在b点所受的电场力相同

12.质量为2kg的物体子xy平面上做曲线运动,在x方向的速度图象和y方向的位移图象如图所示,下列说法正确的是( )



A.质点的初速度为5m/s

B.质点所受的合外力为3N

C.质点初速度的方向与合外力方向不垂直

D.2s末质点速度大小为6m/s

第II卷(非选择题)

二、实验题(14分)

13.(14分)某兴趣小组想要探究单摆的周期T与摆长、摆球质量m的关系:

(1)(4分)为了探究周期T与摆长、摆球质量m的关系,应利用_________法完成此实验;为了准确测量单摆的周期,应使摆球振动稳定后且经过_________位置开始计时。

(2)(4分)他们在探究周期T与摆长的关系时,测得如下5组数据,请在图中选择恰当坐标,作出直观反映周期T与摆长关系的图像。

    次数

项目

1

2

3

4

5





1.78

1.90

1.99

2.10

2.19



()

3.19

3.60

3.99

4.40

4.79



()

0.80

0.90

1.00

1.10

1.20



()

0.64

0.81

1.00

1.21

1.44





(3)(3分)根据图像求得当地的重力加速度g=___________m/s2。(保留三位有效数字)

(4)(3分)某学生做实验时固定好装置后先测摆长,然后测出周期,发现测得的重力加速度偏大,原因可能是______(填选项前字母)

A.单摆的悬点未固定紧,振动中出现松动,使摆线增长了

B.把摆球n次经过最低点的时间误记为(n + 1)次经过最低点的时间

C.计时结束时,秒表过早按下

D.单摆所用摆球质量过大

评卷人

得分











三、计算题(38分)



14.(本题10分)洛伦兹力演示仪可以演示电子在匀强磁场中的运动径迹。图甲为洛伦兹力演示仪实物图,图乙为结构示意图。演示仪中有一对彼此平行的共轴串联的圆形线圈(励磁线圈),当通过励磁线圈的电流为 I 时,线圈之间产生沿线圈轴向、磁感应强度 B=kI (k=1×10-3T/A)的匀强磁场;半径 R=80mm 的圆球形玻璃泡内有电子枪,可通过加速电压 U 对初速度为零的电子加速并连续发射,电子刚好从球心 O 点正下方 40mm 处的 S 点沿水平向左射出。当励磁线圈的电流 I =1A,加速电压 U=160V 时,测得沿顺时针方向运动的电子流径迹直径 D=80mm。试问:



(1)励磁线圈的电流方向如何?为了使电子流径迹的半径增大,可采取哪些措施?

(2)由题中数据可求得电子的比荷 e/m 为多大?

(3)当励磁线圈的电流 I =0.7A 时,为使电子流形成完整的圆周运动,求加速电压的范围。

(4)若电子枪的加速电压可以在 0 到 250V 的范围内连续调节,且励磁线圈的电流从 0.5A 到 2A 的范围内连续调节。求玻璃泡上被电子击中范围的长度。

15.(本题10分)如图所示,光滑水平直轨道上有三个滑块A、B、C,质量分别为mA=mC=2m和mB=m,A、B用细绳相连,中间有一被压缩的轻弹簧(弹簧与滑块不栓接)。开始时A、B以共同速度v0向右运动,C静止在B的右边。某时刻细绳突然断开,A、B被弹开,然后B又与C发生碰撞并粘在一起,最终三者的速度恰好相同。



求:(1)B与C碰撞前A、B的速度vA、vB的大小;

(2)细绳断开前弹簧所具有的弹性势能EP。

16.(本题10分)如图,质量为m=1.0kg的小滑块(可视为质点)放在质量为M=3.0kg的长木板的右端,木板上表面光滑,木板与地面之间的动摩擦因数为μ=0.2,木板长为L=1.0m。开始时两者都处于静止状态,现对木板施加一个水平向右的恒力F=12N,经过一段时间撤去F。为了使小滑块不掉下木板,试求:水平恒力F作用的最长时间。(g取10m/s2)

。

17.(8分)如图所示,电源电动势E=7.5V,内电阻r=1.0Ω,定值电阻R2=12Ω,电动机M的线圈的电阻R=0.5Ω。开关S闭合,电动机转动稳定后,电压表的示数U1=4V,电阻R2消耗的功率P2=3.0W。不计电动机的摩擦损耗等,求:



(1)电源的路端电压。

(2)电动机输出的机械功率。

参考答案

1.C

【解析】解:A、由位移﹣时间图象可知,位移随时间先增大后减小,2s后反向运动,4s末到达初始位置,故A错误;

B、由速度﹣时间图象可知,速度2s内沿正方向运动,2﹣4s沿负方向运动,方向改变,故B错误;

C、由图象可知:物体在第1s内做匀加速运动,第2s内做匀减速运动,2s末速度减为0,然后重复前面的过程,是单向直线运动,故C正确;

D、由图象可知:物体在第1s内做匀加速运动,第2﹣3s内做匀减速运动,2s末速度减为0,第3s内沿负方向运动,不是单向直线运动,故D错误.

故选:C

【点评】图象是我们高中物理研究运动的主要途径之一,应熟知其特征,难度不大,属于基础题.

2.C

【解析】解:A、速度变化量△v=a△t,甲乙加速度方向不同,则相等时间内速度变化不同,故A错误;

B、加速度表示速度变化的快慢,甲的加速度等于乙的加速度,所以甲的速度比乙的速度变化一样快,故B错误;

C、甲、乙两个物体在同一直线上沿正方向运动,a甲=+4m/s2,a乙=﹣4m/s2,甲的加速度和速度方向一致,乙的加速度和速度方向相反,所以甲做匀加速直线运动,乙做匀减速直线运动,故C正确;

D、加速度为矢量,负号表示方向,因此甲的加速度等于乙的加速度,故D错误;

故选:C.

【点评】加速度、速度是高中物理中重要的概念,要正确区分它们之间的关系,明确加速度与速度无关,加速度表示的速度的变化快慢.

3.BC

【解析】

动量是矢量;速率是标量,是瞬时速度的大小;

,对于质量不变的物体,速度改变(大小或方向),动量改变;动量改变,速率可能不变。

4.A

【解析】

试题分析:经过最高点的铁水要紧压模型内壁,临界情况是重力恰好提供向心力,根据牛顿第二定律,有:



解得:

管状模型转动的最小角速度

故A正确;BCD错误。

考点:竖直面内的圆周运动中绳模型在最高点的临界速度。

5.D

【解析】

试题分析:根据电场线的疏密判断场强的大小,电场线越密,场强越大.画出过B点的等势线,根据顺着电场线电势降低判断电势的高低.

解:由电场线的分布情况可知,A处电场线比B处电场线密,则A点的场强大于B点的场强,即EA>EB.

画出过B点的等势线与A所在的电场线交于C点,

则有A点的电势高低C点的电势,所以A点的电势高低B点的电势,即φA>φB.故选项D正确.

故选:D



【点评】本题的技巧是画出等势线.对于电场线的物理意义:电场线疏密表示场强的大小,电场线的方向反映电势的高低要牢固掌握,熟练应用.

6.AC

【解析】

试题分析:取竖直向上方向为正方向,当石块运动到抛出点上方离抛出点15m时,位移为x=15m,由代入得: 15=20t-×10t2,解得t1=1s,t2=3s

当石块运动到抛出点下方离抛出点15m时,位移为x=-15m,由x=v0t-gt2代入得:-15=20t-×10t2,解得t1=(2+)s,t2=(2-)s(舍去).故AC正确,BD错误.故选AC.

考点:竖直上抛运动的规律

【名师点睛】本题是对竖直上抛运动的考查;要知道竖直上抛运动可以看成一种加速度为-g的匀减速直线运动,采用整体法研究竖直上抛运动,方法简单,但要注意位移是矢量,要分两种情况讨论,与距离不同,不能漏解.

7.D

【解析】磁感应强度以B=B0+Kt(K>0)随时间变化,由法拉第电磁感应定律E==S=KS,而S=,经时间t电容器P板所带电荷量Q=EC=;由楞次定律知电容器P板带负电,故D选项正确.

8.AD

【解析】

试题分析:以金属杆为研究对象进行受力分析,由平衡条件判断安培力的最小值.从而求出磁场强度的最小值,然后根据右手定则判断磁场的方向

解:金属导轨光滑,所以没有摩擦力,则金属棒只受重力支持力和安培力,

根据平衡条件支持力和安培力的合力应与重力等大反向,根据矢量三角形合成法则作出三种情况的合成图如图:



由图可以看出当安培力F与支持力垂直时有最小值:Fmin=mgsinθ

即BIL=mgsinθ

则Bmin=

A、=?>,由右手定则判断磁场的方向,竖直向上,故A正确;

B、cosθ不一定大于sinθ故B错误;

C、>,由右手定则判断磁场的方向水平向左,故C错误D正确.

故选:AD.

【点评】本题借助磁场中安培力考查了矢量三角形合成法则求最小值问题,判断出最小值时关键.

9.D

【解析】作用力和反作用力1、大小相等方向相反,2、同时产生同时消失,同种性质,3、两个力不可以合成抵消,不是平衡力。故选D

10.D

【解析】

试题分析:三个小球在下落过程中重力势能的变化量都相同;根据,则三个小球落地的速度大小相同,但是方向不同;根据,做竖直上抛和竖直下抛小球落地的重力的瞬时功率相同,与平抛小球落地的重力瞬时功率不同;因为三个小球落地时重力做功都相同,而竖直下抛的小球落地的时间最小,根据竖直下抛的小球重力的平均功率最大,选项D正确。

考点:此题考查了重力功和重力势能变化的关系;平均功率和瞬时功率的概念;机械能守恒定律。

11.D

【解析】

试题分析:由于电荷运动过程中速率不变,故电场力提供向心力,所以电场力指向圆心,故场强的方向指向圆心,故A正确;由于在a、b两点电荷的速度大小相同,故在从a运动到b的过程中电场力不做功,根据W=qU可知a、b两点的电势差为0,故两点的电势相等,故B正确;电荷q做匀速圆周运动,电场力提供向心力,故:qE=m;由于S=Rθ;故E=,故C正确;由于电荷运动过程中速率不变,故电场力提供向心力,所以电场力指向圆心,方向不同,故D错误;故选D.

考点:匀速圆周运动;电场力及电场强度。

12.ABC

【解析】解:A、x轴方向初速度为vx=3m/s,y轴方向初速度vy=﹣4m/s,质点的初速度v0==5m/s.故A正确.

B、x轴方向的加速度a==1.5m/s2,质点的合力F合=ma=3N,故B正确;

C、合力沿x轴方向,初速度方向在x轴与y轴负半轴夹角之间,故合力与初速度方向不垂直,C正确;

D、2s末质点速度大小为v=>6m/s,故D错误;

故选:ABC

【点评】本题考查运用运动合成与分解的方法处理实际问题的能力,类似平抛运动.中等难度.

13.(1)(4分)控制变量法 平衡位置 (2)(4分)作图略(选对坐标给2分)

(3)(3分)  (4)(3分)BC (漏选得2分)

【解析】

【答案】(1)增大电压U(速度)和减小电流I(磁感应强度B)

(2)

(3)

(4)

【解析】

试题分析:(1)根据左手定则和安培定则可得励磁线圈的电流方向顺时针方向,可采取增大电压U(速度)和减小电流I(磁感应强度B)。

(2)电子由洛伦兹力提供圆周运动的向心力:

电子在电子枪中加速,根据动能定理:

联立可以得到:,带入数据得到:。

(3)根据和可以得到:,故电压范围为。

(4)由,,根据题意,联立可得到:

当电压取电流取时,半径最大,最大值。此时电子达到C点,在三角形中,由余弦定理:

解得:,当粒子的半径比较小的时候,与图中的D点相切,此时半径为。电子打到玻璃波上的范围在CD之间长度为。



考点:带电粒子在匀强磁场中的运动;洛仑兹力

【名师点睛】本题考查了粒子在磁场中运动在实际生活中的应用,正确分析出仪器的原理是关键,要掌握粒子在磁场中运动问题的基本方法:定圆心、定半径、画轨迹。

15.(1);(2)。

【解析】

试题分析:(1)取向右为正方向,A、B系统动量守恒, 

B、C系统动量守恒,,且BC的共同速度

解得:,

(2)根据能量守恒定律,弹簧释放的弹性势能等于A、B系统增加的动能

有

考点:动量守恒定律,能量守恒定律的应用。

16.1s

【解析】

试题分析:撤去F前后木板先加速后减速.设加速过程的位移为,加速度为,加速运动的时间为;减速过程的位移为,加速度为,减速运动的时间为.由牛顿第二定律得

撤力前:,解得

撤力后:,解得

又,,为使小滑块不从木板上掉下,应满足

又,由以上各式可解得,即作用的最长时间为1s

考点:考查了牛顿第二定律,运动学公式

【名师点睛】木板上表面光滑,当木板运动时,滑块相对于地面静止不动.分析木板的运动情况,在撤去F前,木板做匀加速运动,撤去F后木板做匀减速运动.根据牛顿第二定律分别求出撤去F前后木板的加速度.由位移公式分别求出木板加速和减速运动的位移与时间的关系式.当加速和减速的总位移小于等于木板的长度时,滑块不会从木板上滑下来,求出最长的时间

17.(1)6.0v;(2)3.5w。

【解析】

试题分析:(1)电阻R2两端的电压即电源的路端电压

(2)由E=U+Ir得干路上的电流

通过电阻R2的电流,电动机的电流I1=I-I2=1.0A

电动机输出的机械功率P机=I1U1-I12R=3.5W

考点:闭合电路的欧姆定律、电功率

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