本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。第I卷1至3页，第Ⅱ卷3至6页，考试时间90分钟，满分100分。考生应首先阅读答题卡上的文字信息，然后在答题卡上作答，在试题卷上作答无效。交卷时只交答题卡。

第I卷（选择题共40分）

一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。）

1．下列叙述正确的是

A．安培根据通电螺线管的磁场和条形磁铁的磁场的相似性，提出了分子电流假说

B．感应电流遵从楞次定律所描述的方向，这是能量守恒定律的必然结果

C．奥斯特在实验中观察到电流的磁效应，该效应揭示了电和磁之间存在联系

D．法拉第在实验中观察到，在通有恒定电流的静止导线附近的固定线圈中，会出现感应电流

2．如图所示，一台理想变压器的原副线圈的匝数比为n1:n2=40:1，在副线圈两端接

有“6V 40W”的电灯泡。若灯泡正常发光，则下列说法中正确的是

A．在原副线圈中，通过每匝线圈的磁通量时时刻刻都相同

B．通过原副线圈的交变电流的频率相同

C．变压器输入电压的最大值为240 V

D．变压器输入功率为40W

3．甲物体从高处自由下落时间t后，乙物体从同一位置自由下落，在甲、乙都未落地前，以甲为参照物，乙物体的运动状态是

A．相对静止 B．向上做匀速直线运动

C．向下做匀速直线运动 D．向上做匀变速直线运动

4．如图所示，一个质量为M的物体a放在光滑的水平桌面上，当在细绳下端挂上质量为m的物体b时，物体a的加速度为a，绳中张力为T，则

A．a=g B．

C．T=mg D．

5．如图所示，小球从高处自由下落到竖直放置的轻弹簧上，从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短的整个过程中，下列叙述中正确的是

A．小球的加速度先增大后减小

B．小球的速度一直减小

C．动能和弹性势能之和保持不变

D．重力势能、弹性势能和动能之和保持不变

6．如图所示，在半径为R的圆柱形区域内有匀强磁场。一个电子

以速度为
，从M点沿半径方向射入该磁场，从N点射出，速度方向

偏转了60
。则电子从M到N运行的时间是

A．
B．

C．
D．

7．一人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动，假如该卫星变轨后仍做匀速圆周运动，速度大小减小为原来的
，则变轨前后卫星的

A．向心加速度大小之比为4:1 B．角速度大小之比为2:1

C．周期之比为1:8 D．轨道半径之比为1:2

8．如图所示，在两个正点电荷
、
（其中
，
）形成的电场中，a、b为两点电荷连线的中垂线上的两点，且aO=bO。c、d为两点电荷连线的三等分点，即Mc=cd=dN。则下列说法中正确的是

A．a、b两点的电场强度和电势都相同

B．将带电量为q的正点电荷从c沿cd连线移到d的过

程中，电场力一直做正功

C．将带电量为q的正点电荷从a沿ab连线移到O的

过程中，电场力不做功

D．a、b、c、d四点中，电势最高的点是c点，电势最低

的点是d点

9．如图所示，a为竖直平面内的半圆环acb的水平直径，c为环上最低点，环半径为R。将一个小球从a点以初速度
沿ab方向抛出，设重力加速度为g，不计空气阻力。

A．当小球的初速度
时，掉到环上时的竖直分速度最大

B．当小球的初速度
时，将撞击到环上的圆弧ac段

C．当
取适当值，小球可以垂直撞击圆环

D．无论
取何值，小球都不可能垂直撞击圆环

10．矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直。规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示。若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，下列i-t图中正确的是

第Ⅱ卷（非选择题共60分）

二、实验题（本题共3小题，共12分。请按题目要求作答。）

11．（4分）某学生用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图甲所示，则该金属丝的直径d=_________mm。另一位学生用标有20等分刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图乙所示，则该工件的长度L=_________mm。

12．（3分）如图所示，某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验中，由打点计时器得到表示小车运动过程的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.1s，其中
=7.05cm，
=7.68cm，
=8.33cm，
=8.95cm，
=9.61cm，
=10.26 cm，则打A点时小车的瞬时速度大小是________m/s，计算小车运动的加速度的表达式为a=_________，加速度大小是___________
。（计算结果保留两位有效数字）

13．（5分）要测绘一个标有“3V O.6W”小灯泡的伏安特性曲线，灯泡两端的电压需要由零逐渐增加到3V，并便于操作。已选用的器材有：

电池组（电动势4.5V，内阻约1Ω）；

电流表（量程为0-250 mA，内阻约5Ω）；

电压表(量程为0-3V，内阻约3kΩ)；

电键一个、导线若干。

(l)实验中所用的滑动变阻器应选下列中的______（填字母代号）。

A．滑动变阻器(最大阻值20Ω ，额定电流1 A)

B．滑动变阻器(最大阻值1750Ω，额定电流0.3 A)

(2)实验的电路图应选用下列的图_______（填字母代号）。

(3)实验得到小灯泡的伏安特性曲线如图所示。现将两个这样的小灯泡并联后再与一个2Ω的定值电阻R串联，接在电动势为1.5V，内阻为1Ω的电源两端，如图所示。每个小灯泡消耗的功率是______W。

三、计算题（本题共4小题，共48分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位。）

14.（10分）如图所示，工人用绳索拉铸件，铸件的质量是20 kg，铸件与地面间的动摩擦因数是0.25。工人用80N的力拉动铸件，从静止开始在水平面上前进，绳与水平方向的夹角为
。并保持不变，经4s后松手。问松手后铸件还能前进多远？（g=l0
）

15．（10分）如图所示，两根平行且光滑的金属轨道固定在斜面上，斜面与水平面之间的夹角
，轨道上端接一只阻值为R=0.4Ω的电阻器，在导轨间存在垂直于导轨平面的匀强磁场，磁场的磁感应强度B=0.5T，两轨道之间的距离为L=40cm，且轨道足够长，电阻不计。现将一质量为m=3g，有效电阻为r=1.0Ω的金属杆ab放在轨道上，且与两轨道垂直，然后由静止释放，求：

(l)金属杆ab下滑过程中可达到的最大速率；

(2)金属杆ab达到最大速率以后，电阻器R每秒内产生的电热。

16．(14分)如图所示，在一宽度D=16cm的区域内，同时存在相互垂直的匀强磁场B和匀强电场E，电场的方向竖直向上，磁场的方向垂直向外。一束带电粒子以速度同时垂直电场和磁场的方向射入时，恰不改变运动方向。若粒子射入时只有电场，可测得粒子穿过电场时沿竖直方向向上偏移6.4cm；若粒子射入时只有磁场，则粒子束离开磁场时偏离原方向的距离是多少？不计粒子的重力。

17．(14分)如图所示，弧形轨道的下端与半径为R的圆轨道平滑连接。现在使小球从弧形轨道上端距地面2R的A点由静止滑下，进入圆轨道后沿圆轨道运动，轨道摩擦不计。试求：

(1)小球到达圆轨道最低点B时的速度大小；

(2)小球在最低点B时对轨道的压力大小；

(3)小球在某高处脱离圆轨道后能到达的最大高度。

2014年高中毕业年级第一次质量预测

物理 参考答案

一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分。每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。)

1ABC 2ABD 3B 4BD 5D 6D 7C 8D 9ABD 10D

二、实验题(本题共3小题，共12分。请按题目要求作答。)

11. 2.705(2分), 50.15(2分)

12. vA=0.86 m/s (1分)，
(1分) ,a=0.64 m/s2(1分)

13.①(1分)A ②(1分)B ③(3分)0.09 W

三、计算题(本题共4小题，共48分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位。)

14. (10分)工人拉铸件时，根据牛顿运动定律有

Fcos－f=ma1 1分

N1＋fsin－mg=0 1分

f=N1 1分

由以上三式得 a1=1.3 m/s2 1分

松手时，工件的速度 v=a1t=5.2 m/s 2分

设松手后，工件的加速度为a2，根据牛顿第二定律有 μmg=ma2 1分

解得 a2=2.5 m/s2 1分

松手后，工件滑行的距离是
=5.4 m 2分

15. (10分)当达到最大速率vm时，根据牛顿第二定律得

mgsin=F安 2分

根据法拉第电磁感应定律，E=BLvm 1分

根据闭合电路欧姆定律，
1分

根据安培力公式 F安=BIL 1分

解得 vm=0.84 m/s 1分

根据能的转化和守恒定律，达到最大速度后，电路中每秒钟产生的热量为

=2.01×10-2 J 2分

金属杆每秒钟产生的热量为
=5.76×10-3 2分

16. (14分)当带电粒子沿直线运动时，粒子受到的电场力和洛伦兹力平衡，有

2分

只有电场时，根据牛顿第二定律 Eq=ma 1分

设粒子在电场中运动的时间为t，则 D=v0t 1分

偏转的距离为
=6.4 cm 1分

只有磁场时，粒子做匀速圆周运动。根据牛顿第二定律

3分

解以上式子得
3分

3分

17. (14分)⑴小球从A到B的过程中，由动能定理得

2分

1分

⑵在B点，由牛顿第二定律得

2分

1分

⑶设小球在C点(OC与竖直方向的夹角为
)脱离圆轨道，则在C点有

2分

小球从A到C的过程中，由机械能守恒定律得

2分

由③④得:

设小球离开圆轨道后能到达的最大高度h处为D点，从A到D点的过程中由机械能守恒定律得

3分

解得:
1分