桂林市第十八中学14级高三第一次月考试卷

物 理

命题人:朱复辉 审题人:唐茂春

注意：1、本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分110分。考试时间：90分钟 。答卷前，考生务必将自己的姓名和考号填写或填涂在答题卷指定的位置。

2、选择题答案用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试题卷上。

3、主观题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答题卷上作答，答案必须写在答题卷各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案。

第Ⅰ卷（共48分）

一．选择题（本题共12小题，每小题4分.在每小题给出的四个选项中，第1-7题只有一项符合题目要求，第8-12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）

1. 在物理学发展的过程中，科学家总结了许多重要的物理学思想与方法。下列有关物理学思想与方法的描述中正确的是（ ）

A．在验证力的合成法则的实验中利用了控制变量法的思想

B．在探究弹力和弹簧伸长的关系的实验中利用了比例法和图象法

C．在研究加速度与合外力、质量的关系的实验中，利用了等效替代的思想

D．在研究物体的运动时，把物体视为一个有质量的“点”，即质点，利用了假设法的思想

2. 电梯的顶部挂一个弹簧秤，秤下端挂了一个重物，电梯匀速直线运动时，弹簧秤的示数为10 N，在某时刻电梯中的人观察到弹簧秤的示数变为6 N，关于电梯的运动（如图所示），以下说法正确的是(g取10 m/s2) ( )

A．电梯可能向上加速运动, 加速度大小为2m/s2

B．电梯可能向下加速运动, 加速度大小为4m/s2

C．电梯可能向上减速运动, 加速度大小为2m/s2

D．电梯可能向下减速运动, 加速度大小为4m/s2

3. 屋檐隔一定时间滴下一滴水，当第5滴正欲滴下时，第1滴刚好落到地面，而第3滴与第2滴分别位于高1m的窗子的上、下沿，如图所示，g 取
，则此屋檐离地面的距离为（ ）

A、2.2m B、2.5m C、3.0m D、3.2m

4. 物体在甲、乙两地往返一次，从甲到乙的平均速度为v1，返回时的平均速度为v2，则物体往返一次平均速度的大小和平均速率分别是（ ）

A．0， B.，

C．0， D.，

5. 如图，在水平桌面上放置一斜面体P，两长方体物块a和b叠放在P的斜面上，整个系统处于静止状态。若将a和b、b与P、P与桌面之间摩擦力的大小分别用f1、f2和f3表示。则( )

A．f1=0，f2≠0，f3≠0 B．f1≠0，f2=0，f3=0

C．f1≠0，f2≠0，f3=0 D．f1≠0，f2≠0，f3≠0

6. 如图所示一根轻质弹簧上端固定，下端挂一质量为m的平盘，盘中有一物体，质量为M，当盘静止时弹簧的长度比其自然长度伸长了L，今向下拉盘，使弹簧再伸长ΔL后停止，然后松手放开，设弹簧始终处在弹性限度以内，则刚松开手时盘对物体的支持力等于 （ ）

A．
B．

C．
D．

7. 将一只皮球竖直向上抛出，皮球运动时受到空气阻力的大小与速度的大小成正比。下列描绘皮球在上升过程中加速度大小a与时间t关系的图象，可能正确的是（ ）

8. 关于匀变速直线运动中的加速度的方向和正、负值问题，下列说法中正确的是(　　)

A．匀加速直线运动中的加速度方向一定和初速度方向相同

B．匀减速直线运动中加速度一定是负值

C．匀加速直线运动中加速度也有可能取负值

D．只有在规定了初速度方向为正方向的前提下，匀加速直线运动的加速度才取正值

9. 物块A置于倾角为30°的斜面上，用轻弹簧、细绳跨过定滑轮与物块B相连，弹簧轴线与斜面平行，A、B均处于静止状态，如图所示。A、B重力分别为10N和4N，不计滑轮与细绳间的摩擦，则（ ）

A．弹簧对A的拉力大小为4N

B．弹簧对A的拉力大小为10N

C．斜面对A的摩擦力大小为1N

D．斜面对A的摩擦力大小为6N

10. 物体做直线运动时可以用坐标轴上的坐标表示物体的位置，用坐标的变化量Δx表示物体的位移。如图所示，一个物体从A运动到C，它的位移Δx1＝－4 m－5 m＝－9 m；从C运动到B，它的位移为Δx2＝1 m－(－4 m)＝5 m。正确的是(　　)

A．C到B的位移大于A到C的位移，因为正数大于负数

B．A到C的位移大于C到B的位移，因为符号表示位移的方向，不表示大小

C．因为位移是矢量，所以这两个矢量的大小无法比较

D．物体由A到B的合位移Δx＝Δx1＋Δx2

11. 如下图所示,已知M>m,不计滑轮及绳子的质量，物体M和m恰好做匀速运动，若将M与m 互换,? M、m与桌面的动摩因数相同,则(　　)

A．物体M与m仍做匀速运动?

B．物体M与m做加速运动，加速度a=（M+m）g/M

C．物体M与m做加速运动，加速度a=（M-m）g/M

D．绳子中张力不变

12. 如图所示，倾角为30°，重为80 N的斜面体静止在水平面上．一根弹性轻杆一端垂直固定在斜面体上，杆的另一端固定一个重为2 N的小球，小球处于静止状态时，下列说法正确的是(　　)

A．斜面有向左运动的趋势

B．地面对斜面的支持力为82 N

C．小球对弹性轻杆的作用力为2 N，方向竖直向下

D．弹性轻杆对小球的作用力为2 N，方向垂直斜面向上

第II卷（非选择题）（62分）

13.（6分） 某同学利用图示装置研究小车的匀变速直线运动

①实验中必要的措施是

A.细线必须与长木板平行

B.先接通电源再释放小车

C.小车的质量远大于钩码的质量

D.平衡小车与长木板间的摩擦力

②他实验时将打点计时器接到频率为50HZ的交流电源上，得到一条纸带，打出的部分计数点如图所示（每相邻两个计数点间还有4个点，图中未画出）；s1=3.59cm；s2=4.41cm；s3=5.19cm；s4=5.97cm；s5=6.78cm；s6=7.64cm；则小车的加速度a= m/s2（要求充分利用测量数据），打点计时器在打B点时小车的速度vB= m/s；（结果均保留两位有效数字）

14．（9分） “验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。

（1）图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是_______。

（2）本实验采用的科学方法是_______。

A. 理想实验法?????????????? ?B. 等效替代法

C. 控制变量法?????????????? D. 建立物理模型法

（3）某同学在做该实验时认为：

A．拉橡皮条的细绳长一些，实验效果较好

B．拉橡皮条时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行

C．橡皮条弹性要好，拉结点到达某一位置O时，拉力要适当大些

D．拉力F1和F 2的夹角越大越好

其中不正确的是 （填入相应的字母）。

15、(10分)放在水平地面上一质量为m＝2kg的质点，在水平恒定外力作用下由静止开始沿直线运动，4 s内通过8 m的距离，此后撤去外力，质点又运动了2 s停止，质点运动过程中所受阻力大小不变，求：

(1)撤去水平恒定外力时质点的速度大小；

(2)质点运动过程中所受到的阻力大小；

(3)质点所受水平恒定外力的大小．

16．（12分）所受重力G1＝8 N的砝码悬挂在绳PA和PB的结点上。PA偏离竖直方向37°角，PB在水平方向，且连在所受重力为G2＝100 N的木块上，木块静止于倾角为37°的斜面上，如图所示，试求：

（sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2)

（1）木块与斜面间的摩擦力；

（2）木块所受斜面的弹力。

17．（12分）汽车前方120m有一自行车正以6m/s的速度匀速前进，汽车以18m/s的速度追赶自行车，若两车在同一条公路不同车道上作同方向的直线运动，求：

（1）经多长时间，两车第一次相遇；

（2）若汽车追上自行车后立即刹车，汽车刹车过程中的加速度大小为2m/s2，则再经多长时间两车第二次相遇。

18．（13分）如图所示，传送带与地面的倾角θ=37ｏ，从A到B的长度为16ｍ，传送带以V0=10m/s的速度逆时针转动。在传送带上端无初速的放一个质量为0.5㎏的物体，它与传送带之间的动摩擦因数μ=0.5，求物体从A运动到B所需的时间是多少？（sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8，g＝10 m/s2)

桂林十八中14级高三第一次月考物理答案

题号

1

2

3

4

5

6

7

8

9

10

11

12



答案

B

B

D

C

C

A

C

ACD

AC

BD

CD

BC



13．【答案】①AB ②0.80 0.40（每空2分）

14．(1)F′ （2）B （3）D （每空3分）

15．解：(1)质点开始做匀加速直线运动x0＝t1. （2分）

解得v0＝＝4 m/s. （1分）

(2)质点减速过程加速度a2＝＝－2 m/s2（2分）

由牛顿第二定律有－Ff＝ma2解得Ff＝4 N（1分）

(3)开始加速过程中加速度为a1，x0＝a1t2，由牛顿第二定律有：F－Ff＝ma1（2分）

解得F＝Ff＋ma1＝6 N. （2分）

16．解：如图甲所示分析P点受力，由平衡条件可得：

FA cos37°＝G1 （2分） FA sin37°＝FB （2分）

可解得：FB＝6 N　 （1分）

再分析G2的受力情况，由物体的平衡条件可得：

Ff＝G2 sin37°＋FB ′cos37° （2分）

FN＋FB′ sin37°＝G2 cos37° （2分）

FB′＝FB （1分）

可求得：Ff＝64.8 N （1分） FN＝76.4 N. （1分）

17．（1）设经t1秒，汽车追上自行车ν2t1=ν1t1+S t1=10s （3分）

（2）汽车的加速度为a=-2 m/s2 设第二次追上所用的时间为t2，则

ν1t2=ν2t2+
at22 （2分） t2=12s （2分）

设汽车从刹车到停下用时t3秒，0=ν2+at3 t3=9s

故自行车又追上汽车前,汽车已停下。停止前汽车的位移s汽=
设经t4时间追上,则ν1t4=

（2分） t4=13.5s，再经过13.5s两车第二次相遇（2分）

18．分析与解：物体放在传送带上后，开始阶段，传送带的速度大于物体的速度，传送带给物体一沿斜面向下的滑动摩擦力，物体由静止开始加速下滑，受力分析如图20（a）所示；当物体加速至与传送带速度相等时，由于μ＜tanθ，物体在重力作用下将继续加速，此后物体的速度大于传送带的速度，传送带给物体沿传送带向上的滑动摩擦力，但合力沿传送带向下，物体继续加速下滑，受力分析如图20(b)所示。综上可知，滑动摩擦力的方向在获得共同速度的瞬间发生了“突变” 。

开始阶段由牛顿第二定律得:ｍｇsinθ＋μｍｇcosθ=ｍa1; （2分）

所以:a1=ｇsinθ＋μｇcosθ=10m/s2; （1分）

物体加速至与传送带速度相等时需要的时间ｔ1＝ｖ／a1＝1s; （2分）发生的位移：

ｓ＝a1ｔ12/2＝5ｍ＜16ｍ;物体加速到10m/s 时仍未到达B点。（2分）

第二阶段，有：ｍｇsinθ－μｍｇcosθ＝ｍa2 ; （2分）所以：a2＝2m/s 2; （1分）设第二阶段物体滑动到B 的时间为t2 则：LAB－S＝ｖｔ2＋a２ｔ22/2 ；解得：t2＝1s , （2分） ｔ2/=-11s （舍去）。故物体经历的总时间ｔ=t1＋t 2 =2s . （1分）

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