C．由可知aA>a B
D．可能vAvB
８．如图所示，物体m放在升降机中的斜面上，当升降机竖直向上由匀速运动变为作匀加速运动时，下列说法不正确的是： （ ）
A．斜面对物体的支持力增大
B．物体m所受的合力增加
C．物体m处于失重状态
D．物体m所受摩擦力增加
９．如图所示为一光滑竖直圆槽，AP、BP、CP为通过最低点P与水平面分别成30°、45°、60°角的三个光滑斜面，与圆相交于A、B、C点.若一物体由静止分别从A、B、C滑至P点所需的时间为t1，t2，t3，则 ( )
A．t1＜t2＜t3 B．t1＞t2＞t3
C．t1=t2=t3 D．t1=t2＜t3
１０．对于平抛运动（不计空气阻力，g为已知），下列条件中可确定物体飞行时间的是（ ）
A．已知水平位移
B．已知下落高度
C．已知初速度
D．已知位移的大小和方向
二、填空题（本题共3个小题，共20分）
１１．一打点计时器固定在斜面上某处，一小车拖着穿过打点计时器的纸带从斜面上滑下，如右图所示。下图是打出的纸带的一段。
⑴已知打点计时器使用的交流电频率为50Hz，利用下图给出的数据可求出小车下滑的加速度a=_____。
⑵为了求出小车在下滑过程中所受的阻力，还需要测量的物理量有_______。
12、如图所示，AB杆水平固定，另一细杆可绕固定轴O转动，O轴在AB杆上方h高处，两杆均被套在光滑圆环P上，当细杆绕O轴以角速度ω顺时针方向转至与竖直方向30°角时，环的运动速度为 。
13、在做“研究平抛物体的运动”的实验中，为了确定小球在不同时刻所通过的位置，实验时用如上图所示的装置，先将斜槽轨道的末端调整水平，在一块平木板表面钉上复写纸和白纸，并将该木板竖直立于靠近槽口处。使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A；将木板向远离糟口平移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上得到痕迹B；又将木板再向远离槽口平移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再得到痕迹C。若测得木板每次移动距离x = 10.00cm，A、B间竖直距离y1 = 4.78cm，B、C间竖直距离y2 = 14.82cm。（g取9.80m/s2）
①根据以上直接测量的物理量求得小球初速度为v0 = （用题中所给字母表示）。
②小球初速度的测量值为 m/s。
三、计算应用题（本题共4个小题，共４０分）
１４．如图所示，一个人用与水平方向成= 300角的斜向下的推力F推一个质量为20 kg的箱子匀速前进，如图(a）所示，箱子与水平地面间的动摩擦因数为＝0.40．求：
(1)推力F的大小；
(2)若该人不改变力F的大小，只把力的方向变为与水平方向成300角斜向上去拉这个静止的箱子，如图(b)所示，拉力作用2.0 s后撤去，箱子最多还能运动多长距离？(g取10 m/s2）．
１５．如图所示小球从离地5m高处，向离小球4m远的竖直墙以v0=8m/s的速度水平抛出，不计空气阻力（g=10m/s2）。
求：小球碰墙点离地面的高度。
1６．（7分）如图5－25所示，水平转盘的中心有个竖直小圆筒，质量为m的物体A放在转盘上，A到竖直筒中心的距离为r，物体A通过轻绳、无摩擦的滑轮与物体B相连，B与A质量相同，物体A与转盘间的最大静摩擦力是正压力的μ倍，则转盘转动的角速度在什么范围内，物体A才能随盘转动．
17、滑雪者从A点由静止沿斜面滑下，沿一平台后水平飞离B点，地面上紧靠平台有一个水平台阶，空间几何尺度如图所示，斜面、平台与滑雪板之间的动摩擦因数为μ。假设滑雪者由斜面底端进入平台时立即沿水平方向运动，且速度大小不变。求：
⑴滑雪者离开B点时的速度大小？
⑵滑雪者从B点开始做平抛运动的水平距离s？
高一年级第一次月考物理试题
参 考 答 案
1、A 2、Ｄ 3、ＡＣ 4、ＡＣ 5、Ｂ 6、C 7、Ｂ 8、Ｃ 9、Ｃ 10、BＤ
１１．：⑴3.89m/s2 ⑵小车质量m；斜面上任意两点间距离l及这两点的高度差h。
12、ωh ； 13、x ；0.98m/s
14．解：(1)在图(a）情况下，对箱子有
由以上三式得F=120 N.
(2）在图(b）情况下，物体先以加速度a1做匀速运动，然后以加速度a2做匀减速运动直到停止．对物体有
，
，
解之得s2=13.5 m.
１５.解：设小球的竖直分位移和水平分位移分别是y和L。由平抛运动规律可得：
设碰墙点离地面的高度x,可得:
由以上三式可得
1６．解析：由于A在圆盘上随盘做匀速圆周运动，所以它受的合外力必然指向圆心，而其中重力与支持力平衡，绳的拉力指向圆心，所以A所受的摩擦力的方向一定沿着半径，或指向圆心，或背离圆心．
当A将要沿盘向外滑时，A所受的最大静摩擦力指向圆心，A受力分析如图（甲）所示，A的向心力为绳的拉力与最大静摩擦力的合力，即：
F+Fm′=mω12r ①
由于B静止，故：
F=mg； ②
由于最大静摩擦力是压力的μ倍，即：
Fm′=μFN=μmg． ③
由①、②、③解得：
ω1=．
当A将要沿盘向圆心滑时，A所受的最大静摩擦力沿半径向外，A受力分析如图（乙）所示，这时向心力为：
F－Fm′=mω22r ④
由②③④解得
ω2=
则转盘转动的角速度的范围是
≤ω≤
答案：≤ω≤
17．解：（1）设滑雪者质量为m，斜面与水平面夹角为θ，滑雪者在斜面上加速滑行，据牛顿第二定律：mgsinθ－μmgcosθ = ma1
到斜面底端时：v0 =
滑雪者在水平面上匀减速运动据牛顿第二定律：μmg = ma2
v02－vB2 = 2a2S2
其中：S1cosθ＋S2 = L
S1sinθ = H－h
联立解得：滑雪者离开B点时的速度vB =
（2）设滑雪者离开B点后落在台阶上：= gt12 S = vBt1
可解得S =
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